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#1 - 10-11-2012 12:25:21
- nodgim
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combinaisons en ptogression arithmétique.
Bonjour à tous. Existe t il 3 combinaisons successives C(m,n) C(m,n+1) C(m,n+2) en progression arithmétique ? Et 4 combis successives ?
La notation C(m,n) vaut m!/(n!*(m-n)!)
Bon amusement
#2 - 10-11-2012 12:40:41
- shadock
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Comibnaisons en progression arithmétique.
Qu'entends tu par "progression arithmétique" ?
Shadock
"L'expérience est une lanterne qui n'éclaire que celui qui la porte." L-F. Céline
#3 - 10-11-2012 15:44:19
- titoufred
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oCmbinaisons en progression arithmétique.
Est-ce qu'on a le droit à des coefficients binomiaux nuls ?
#4 - 10-11-2012 16:49:23
- gwen27
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Coombinaisons en progression arithmétique.
il y a au moins : C(7,1) = 7 C(7,2) = 21 C(7,3) = 35
Et donc idem avec 4, 5 et 6 Mais je n'en vois pas d'autre, et surtout pas à 4 termes.
#5 - 10-11-2012 16:49:58
- titoufred
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Cobminaisons en progression arithmétique.
3 coefficients en progression arithmétique :
Dans le cas où que des 0 sont autorisés : On a {0, 0, 0}
Dans le cas où il n'y a pas que des 0 :
On pourra considérer par symétrie qu'on ne commence pas le triplet solution par un 0. En effet si {0, 1, 2} est une solution alors {2, 1, 0} aussi.
Pour la suite, on considère [latex]m[/latex] et [latex]n[/latex] deux entiers naturels avec [latex]m \leq n[/latex].
On a [latex]{n \choose m+1} = {n \choose m} \times \frac{n-m}{m+1}[/latex]
donc [latex]{n \choose m+1} - {n \choose m} = {n \choose m} \times \frac{n-2m-1}{m+1}[/latex]
Par conséquent, [TeX]{n \choose m}, {n \choose m+1}[/latex] et [latex]{n \choose m+2}[/latex] sont en progression arithmétique
[latex]\Longleftrightarrow {n \choose m+2} - {n \choose m+1} = {n \choose m+1} - {n \choose m}[/TeX][TeX]\Longleftrightarrow {n \choose m+1} \times \frac{n-2m-3}{m+2} = {n \choose m} \times \frac{n-2m-1}{m+1}[/TeX][TeX]\Longleftrightarrow {n \choose m} \times \frac{n-m}{m+1} \times \frac{n-2m-3}{m+2} = {n \choose m} \times \frac{n-2m-1}{m+1}[/TeX][TeX]\Longleftrightarrow (n-m)\times (n-2m-3) = (n-2m-1) \times (m+2)[/TeX][TeX]\Longleftrightarrow 4m^2+(8-4n)m + (n^2-5n+2) = 0[/TeX] On obtient donc une équation du second degré en [latex]m[/latex] et dont les solutions sont [TeX]m=\frac{n-2\pm\sqrt{n+2}}2[/TeX] On voit donc qu'il faut (et qu'il suffit) que [latex]n+2[/latex] soit un carré pour avoir des solutions. On obtient donc une infinité de triplets solutions.
Par exemple on choisit un carré, disons 9, ce qui donne [latex]n=7[/latex] et [latex]m=1[/latex] pour le triplet {7, 21, 35} (ou [latex]m=4[/latex] pour le triplet symétrique {35, 21, 7}).
4 coefficients en progression arithmétique :
Dans le cas où que des 0 sont autorisés : On a {0, 0, 0, 0}
Dans le cas où quelques 0 sont autorisés :
D'après l'étude précédente, il n'y a au plus que 2 triplets solutions pour une ligne donnée, et ces triplets ont des raisons opposées. Il n'y a donc pas de quadruplet solution.
#6 - 10-11-2012 17:07:39
- nodgim
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Combinaisons en progresion arithmétique.
Gwen, oui, mais il y en a d'autres. Titoufred, oui, peux tu aller plus loin ?
#7 - 10-11-2012 17:40:13
- gwen27
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Combinaisons en progression arithmétiqu.e
Effectivement, pour déterminer le nombre total et le nombre choisi, il semble qu'il faille suivre une suite (je ne sais pas comment elle s'appelle)
On fait +7 , +9, +11, +13 ..... pour le cardinal de l'ensemble Et on fait : + 3 , +4 , +5 ... pour celui des éléments
On a donc une série de 3 pour C(7,1) et les deux qui suiventC(7,2)et C(7,3) (+ les symétriques 4 , 5 , 6))
La suivante à partir de C(14,4) La suivante à partir de C(23,8) La suivante à partir de C(34,13) La suivante à partir de C(47,19) La suivante à partir de C(62,26) La suivante à partir de C(79,34)
....
#8 - 10-11-2012 18:01:39
- titoufred
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combinaisobs en progression arithmétique.
Aller plus loin dans quel sens ?
Les triplets solutions [latex]\left\{ {n \choose m}, {n \choose m+1}, {n \choose m+2} \right\}[/latex] sont ceux où [TeX](n, m)=\left(x^2-2, \frac{x(x \pm 1)}2 -2\right)[/latex] avec [latex]x \geq 2[/TeX] What else ?
#9 - 10-11-2012 19:36:05
- nodgim
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Combiniasons en progression arithmétique.
Titou, y a un petit souci, c'est n, n+1 et n+2 éléments parmi m.
#10 - 10-11-2012 19:39:48
- nodgim
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Combinaisons een progression arithmétique.
Gwen, ces suites s'expriment très bien par une formule générale. Mais bon, si tu n'as pas encore vu ça dans ta scolarité, je t'en fais gràce.
#11 - 10-11-2012 20:25:52
- shadock
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Combinaisons en progresion arithmétique.
J'adore quant on réponds à mes questions ça fait toujours plaisir!
"L'expérience est une lanterne qui n'éclaire que celui qui la porte." L-F. Céline
#12 - 11-11-2012 03:14:44
- titoufred
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Cobminaisons en progression arithmétique.
Oui, j'ai juste inversé au niveau des notations le m et le n mais je réponds bien à la question. On reste sur la même ligne du triangle de Pascal et on y prend 3 coefficients successifs. Par exemple sur la ligne m=7 (avec tes notations) je prends n=1, ce qui donne les coeffs 7, 21 et 35. On est d'accord ?
#13 - 11-11-2012 03:38:28
- golgot59
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Combinaisons en progression arithémtique.
m!/(n!*(m-n)!)+R=m!/[(n+1)!*(m-n-1)!] n+1+R(n+1)!(m-n)!/m!=m-n
R=(m-2n-1).m!/[(n+1)!(m-n)!]
Puis
m!/[(n+1)!*(m-n-1)!]+R=m!/[(n+2)!*(m-n-2)!] n+2+R(n+2)!(m-n-1)!/m!=m-n-1
R=(m-2n-3).m!/[(n+2)!(m-n-1)!]
On rassemble : R=R (m-2n-1).m!/[(n+1)!(m-n)!]=(m-2n-3).m!/[(n+2)!(m-n-1)!] (m-2n-1)(n+2)=(m-2n-3)(m-n) mn+2m-2n²-4n-n-2=m²-mn-2mn+2n²-3m+3n 4mn-4n²-m²+5m-8n-2=0
-4n²+n(4m-8)+(5m-m²-2)=0 équation (1) en n.
On pose m=3 au hasard et alors : -4n²+4n+4=0 Delta=16+64=80 mais on veut un carré parfait :
avec m=4 : -4n²+8n+2=0 Delta = 64+32=96
...
m=7 : -4n²+20n-16=0 Delta= 400-256=144=12² bingo ! n1=(-20-12)/(-8)=4 n2=(-20+12)/(-8)=1
Ça fonctionne donc : Pour C(7,1)=7; C(7,2)=21; C(7,3)=35 Et pour C(7,4)=35; C(7,5)=21; C(7,6)=7
Ensuite m=8 : -4n²+24n-26=0 Delta=160
...
m=14 delta=256 bingo ! n1=8 n2=4 Ça fonctionne donc : Pour C(14,4)=1001; C(14,5)=2002; C(14,6)=3003 Et pour le symétrique en démarrant de 8
...
m=23 delta=400 n1=13 n2=8 Ça fonctionne donc : Pour C(23,8)=490 314; C(23,9)=817 190; C(23,10)=1 144 066 Et pour le symétrique en démarrant de 13
...
m=34 delta=576 n1=13 n2=19 Ça fonctionne donc : Pour C(34,13); C(34,14); C(34,15) Et pour le symétrique en démarrant de 19
Je remarque que : Delta=(4m-8)²-4*(-4)*(5m-m²-2) =4²[(m-2)²+(5m-m²-2)] =4²(m+2)
J'ai besoin d'un carré parfait, donc que m+2 soit un carré parfait, ce qui est le cas pour m+2=3², donc m=7 m=4²-2=14 m=5²-2=23
Je retombe bien sur mes valeurs précédentes !
La règle est donc de prendre m=a²-2 quelque soit a entier >2.
Du coup, mon équation (1) : -4n²+n(4m-8)+(5m-m²-2)=0 devient : -4n²+n[4(a²-2)-8]+[5(a²-2)-(a²-2)²-2]=0 -4n²+4n[a²-4]+(-a^4+9a²-16)=0 delta=16(a²-4)²-4*(-4)*(-a^4+9a²-16)=16(a^4-8a²+16-a^4+9a²-16)=16a² racine(delta)=4a n1=[-4(a²-4)-4a]/-8=(a²-4-a)/2 n2=(a²-4+a)/2
Finalement : On choisi a>3 tel que a est entier, et on a alors : C(a²-2,a²/2-a/2-2); C(a²-2,a²/2-a/2-1) et C(a²-2,a²/2-a/2) en progression arithmétique, ainsi que : C(a²-2,a²/2+a/2-2); C(a²-2,a²/2+a/2-1) et C(a²-2,a²/2+a/2)
Désolé pour le pavé !
#14 - 11-11-2012 09:37:31
- nodgim
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Combinaisons en progression arithmmétique.
Pardon Shadock, je t'avais complètement oublié. 3 nombres A B C sont en progression arithmétique si B=A+R et C=B+R. C'est à dire même écart entre A et B d'une part, et entre B et C d'autre part.
#15 - 11-11-2012 09:39:32
- nodgim
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Combinaisons en progression arithmtéique.
Golgot ça semble bon. Pourrais tu reformuler avec un "a" qui commence à 1 ? Ce serait parfait.
#16 - 11-11-2012 09:41:26
- nodgim
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Combinaisons en progression arithmétiqe.
Titou, oui d'accord. C'est parfait.
#17 - 11-11-2012 10:29:07
- golgot59
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combinaisons en progrrssion arithmétique.
Si je veux démarrer à 1, il faut que je choisisse un a'=a+2 qui démarre à 1, c'est juste un décalage !
La règle est alors de prendre m=(a+2)²-2=a²+4a+2 quelque soit a entier.
Du coup, on trouve : racine(delta)=4(a+2) n1=(a²-4-a)/2=(a²+4a+4-4-a-2)/2=(a²+3a-2)/2 n2=(a²-4+a)/2=(a²+4a+4-4+a+2)/2=(a²+5a+2)/2
Finalement : On choisi a entier, et on a alors : C(a²+4a+2,a²/2+3a/2-1); C(a²+4a+2,a²/2+3a/2) et C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+1) en progression arithmétique, ainsi que : C(a²+4a+2,a²/2+5a/2+1); C(a²+4a+2,a²/2+5a/2+2) et C(a²+4a+2,a²/2+5a/2+3)
Et voilà !
#18 - 11-11-2012 11:24:12
- golgot59
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combinaisons en progression zrithmétique.
Pour une itération de plus, je sais que je dois déjà avoir les 3 premiers qui se suivent, et donc que ma conclusion précédente soit vraie, c'est à dire que mes 3 premiers nombres s'écrivent : C(a²+4a+2,a²/2+3a/2-1); C(a²+4a+2,a²/2+3a/2) et C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+1).
Le suivant sera donc C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+2), et il me faut :
C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+2)-C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+1)=C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+1)-C(a²+4a+2,a²/2+3a/2) (1)
avec : C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+2)=(a²+4a+2)!/[(a²/2+3a/2+2)!(a²/2+5a/2)!] C(a²+4a+2,a²/2+3a/2+1)=(a²+4a+2)!/[(a²/2+3a/2+1)!(a²/2+5a/2+1)!] C(a²+4a+2,a²/2+3a/2)=(a²+4a+2)!/[(a²/2+3a/2)!(a²/2+5a/2+2)!]
(1) donne (a²+4a+2)!/[(a²/2+3a/2+2)!(a²/2+5a/2)!]+(a²+4a+2)!/[(a²/2+3a/2)!(a²/2+5a/2+2)!]=2*(a²+4a+2)!/[(a²/2+3a/2+1)!(a²/2+5a/2+1)!]
(a²/2+5a/2+1)(a²/2+5a/2+2)+(a²/2+3a/2+1)(a²/2+3a/2+2)=2(a²/2+5a/2+2)(a²/2+3a/2+2) (a²+5a+2)(a²+5a+4)+(a²+3a+2)(a²+3a+4)=2(a²+5a+4)(a²+3a+4)
c'est pas long du tout.
a^4+5a^3+4a²+5a^3+25a²+20a+2a²+10a+8+a^4+3a^3+4a²+3a^3+9a²+12a+2a²+6a+8=2(a^4+3a^3+4a²+5a^3+15a²+20a+4a²+12a+16)
Quand je disais que c'était pas long.
2a^4+16a^3+46a²+48a+16=2a^4+16a^3+46a²+64a+32 16a+16=0 a=-1, impossible !
Il n'y a donc pas de solution (sauf erreur de ma part, et alors la prise de tête sera de la retrouver dans ce mic-mac)
#19 - 11-11-2012 12:38:48
- nodgim
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combinaisons en orogression arithmétique.
C'est OK Golgot. J'ai une démo plus courte pour 4. Pourtant c'est la même démarche, mais j'ai simplifié au maximum.
#20 - 11-11-2012 19:20:41
- Franky1103
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Combinaisons en progression aritthmétique.
Pour trois combinaisons successives en progression arithmétique, on aura: C(m,n+2) - C(m,n+1) = C(m,n+1) - C(m,n) ==> 2.C(m,n+1) = C(m,n) + C(m,n+2) ==> 2/[(n+1)!.(m-n-1)!] = 1/[(n)!.(m-n)!] + 1/[(n+2)!.(m-n-2)!] ==> 2.(n+2).(m-n) = (n+1).(n+2) + (m-n-1).(m-n) ==> 4n² + m² - 4mn - 5m + 8n + 2 = 0 Cette équation du second degré en m (ou en n) me donne: m de la forme: m = k² + 2k - 1, soit m: = 2; 7; 14; 23; 34; 47; 62; 79 ... et n de la forme: n = (k² + 3k - 2)/2, soit: n = 1; 4; 8; 13; 19; 26; 34 ... Les couples (m;n) seront: (2;1), (7;1), (7;4), (14;4), (14;8), (23;8), (23;13), (34;13), (34;19), (47;19), (47;26), (62;26), (62;34), (79;34), (79;43) ... Les valeurs de m fonctionnent pour deux valeurs successives de n et pareil pour n. Pour quatre combinaisons, je n'ai pas regardé.
#21 - 13-11-2012 00:05:38
- elpafio
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colbinaisons en progression arithmétique.
Quelques réponses pour trois combinaisons successives:
C(7,1) = 7 C(7,2) = 21 C(7,3) = 35 Progression arithmétique de 14
C(7,4) = 35 C(7,5) = 21 C(7,6) = 7 Progression arithmétique de -14 On remarque que 1 + 6 = 7
C(23,8) = 490314 C(23,9) = 817190 C(23,10) = 1144066 Progression arithmétique de 326876
C(23,13) = 1144066 C(23,14) = 817190 C(23,15) = 490314 Progression arithmétique de -326876 On remarque que 8 + 15 = 23
C(34,13) = 927983760 C(34,14) = 1391975640 C(34,15) = 1855967520 Progression arithmétique de 463991880
C(34,19) = 1855967520 C(34,20) = 1391975640 C(34,21) = 927983760 Progression arithmétique de -463991880 On remarque que 13 + 21 = 34
D'autres: C(47,19) C(47,20) C(47,21)
C(47,26) C(47,27) C(47,28)
19 + 28 = 47
Il doit y avoir quelque chose à démontrer sur le sujet... Je laisse ça aux vrais matheux
#22 - 13-11-2012 11:54:59
- papiauche
- Sa Sainteté
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combinaisons en progressuon arithmétique.
Pour ne pas alourdir les calculs, je substitue n à n+1. On cherche à résoudre: C(m,n+1)-C(m,n)=C(m,n)-C(m,n-1)
Dans l'expression avec les factorielles on divise par m! et on réduit au même dénominateur (n+1)!(m-n+1)!
(m-n)(m-n+1)-(n+1)(m-n+1)=(n+1)(m-n+1)-n(n+1)
m^2-m(4n+1)+4n^2-2 = 0
Le discriminant vaut 8n+9
On pose n = (p^2-p-2)/2 strictement positif pour abs(p)>=3 le discriminant devient (2p-1)^2
Il vient m= p^2-2 et donc n=(p^2-p-2)/2 .
Application numérique: p=3 --> m = 7 n=2 (1,2,3) dans les conventions de l'énoncé p=4 --> m = 14 n= 5 (4,5,6) dans les conventions de l'énoncé p=5 --> m= 23 n = 9 (8,9,10) dans les conventions de l'énoncé etc..
NB on trouve les symétriques dans le triangle de Pascal avec p=-3,p=-4 etc.
Pour une suite de 4 on devrait avoir n=n+1 puisque m ne bouge pas, ce qui est impossible.
"Je ne lis jamais un livre dont je dois faire la critique. On se laisse tellement influencer." O. Wilde
#23 - 13-11-2012 18:24:15
- nodgim
- Elite de Prise2Tete
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Combinaisons en progression arithmétiue.
Merci à tous les participants qui, par leur approche personnelle, ont tous donné la solution complète ou une partie d'entre elle. Je voudrais juste montrer une remarquable propriété de l'ensemble des solutions. Soit le triplet solution (A, A*x, Ax*y). Si on s'intéresse uniquement au couple (x,y) et qu'on les prenne dans l'ordre croissant des solutions , voici ce que ça donne, après bien sûr simplification partielle des fractions: (3/1)(5/3) (4/2)(6/4) (5/3)(7/5) (6/4)(8/6) (7/5)(9/7) (8/6)(10/8) ..... Etonnant, non ?
Et en faisant le produit x*y: (5/1) (6/2) (7/3) (8/4) (9/5) ....
#24 - 13-11-2012 19:04:42
- Franky1103
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Combinaisons en progression arithmétiqu.e
En effet, si les 3 combinaisons sont respectivement: C; C+R et C+2R; en reprenant ta notation, on aura: x = 1+R/C et xy = 1+2R/C; il en découle: xy - 2x + 1 = 0; d'où: y = 2 - 1/x (ce qui est valable pour toute pro- gression arithmétique). Si de plus x est de la forme: x = (n+2)/n (spécifique à cette énigme), alors y et xy seront de la forme: y = (n+4)/(n+2) et xy = (n+4)/n. Mais j'en conviens: c'est étonnant et joli. Et merci pour cette énigme.
#25 - 13-11-2012 19:26:55
- papiauche
- Sa Sainteté
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Combinaisons en progerssion arithmétique.
De mon temps, avec n l'ensemble et p la partie on notait: [TeX]p \choose n[/TeX] Maintenant les modernes écrivent: [TeX]n \choose p[/TeX] Il y a sûrement une bonne raison - que j'ignore-
Avec une énigme pleine de n,m,p c'est troublant pour la lecture d'un vieux dans mon genre.
"Je ne lis jamais un livre dont je dois faire la critique. On se laisse tellement influencer." O. Wilde
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