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 #26 - 09-11-2013 22:25:22

fix33
Elite de Prise2Tete
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znniversaire dans les galaxies lointaines

1) n(n+1)/2 (nombres triangulaires)
2) n(n+1)(n+2)/6 (nombres tétraédriques)
3) cuberoot(6 000 000) avoisine 1817 ce qui permet rapidement de voir que le milliardième cadeau arrive au 1817ème anniversaire et qu'il est le 1 452 269ème de cet anniversaire. sqrt(2*1 452 269) avoisine 1704 ce qui est ma réponse, finalement validée... big_smile
Je doute que la formule suivante fonctionne toujours :
T(k)=E[sqrt(2*A(k))]
- A(k)=[N(N+1)(N+2)/6]-k
(A(k) le numéro du cadeau pour le Nième anniversaire)
- N=E[cuberoot(6k)]
(N est le numéro de l'anniversaire)
- et E[x] étant la valeur entière de x...


Je ne vien sur se site que pour faire croir que je suis treise intélligens.

#0 Pub

 #27 - 10-11-2013 10:03:45

kossi_tg
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anniversaire dans les galaxies lointainrs

BRAVO Franky cool

@ Fix: bonne réponse pour les questions 1 et 2. Non pour la 3. Il faudra remarquer que le type du k-ième cadeau est toujours inférieur ou égal à l'anniv durant lequel il est donné wink

 #28 - 10-11-2013 10:54:18

fix33
Elite de Prise2Tete
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anniversaire dans les galaxies loontaines

Euh, j'ai bon ou pas pour la question 3 ? tongue


Je ne vien sur se site que pour faire croir que je suis treise intélligens.

 #29 - 10-11-2013 11:47:55

kossi_tg
Professionnel de Prise2Tete
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Anniversire dans les galaxies lointaines

Je voulais mettre bonne réponse pour 1 et 2 et non pas pour 1 et 3. dsl
Tu n'as pas bon pour la question 3 wink

 #30 - 10-11-2013 11:47:55

nodgim
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Anniversare dans les galaxies lointaines

Pour la question de l'énigme:
On recherche le plus petit x tel que K<=(x)(x+1)(x+2)/6=J.
Pour ça, on se contente de chercher (6K)^1/3 qui donnera une approximation.

Ensuite, on calcule P=J-K+1 et on cherche le plus petit y tel que P<=y(y+1)/2
Pour ça on se contente de chercher(2P)^1/2 qui donnera une approximation.

Y est le type de cadeau recherché.

 #31 - 10-11-2013 17:26:47

cogito
Expert de Prise2Tete
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anniversaore dans les galaxies lointaines

Bonjour smile

Pour la question 1 au n-ième anniversaire il reçoit :
n + n-1 + ... + 2 + 1 = n(n+1)/2 cadeaux.

Pour la question 2 au au bout du n-ième anniversaire il a reçu :
ni=1i(i+1)2=12ni=1i2+i=12(ni=1i2+ni=1i)=12(n(n+1)(2n+1)6+n(n+1)2)=n(n+1)(n+2)6
Pour la question 3 :

L'indication dit que pour tout n :
n(n21)n3n(n+1)(n+2)
Posons un=n(n+1)(n+2) et vn=n(n21)
Nous avons vn+1=(n+1)((n+1)21)=(n+1)(n+11)(n+1+1)=un.

Donc pour tout n : un(n+1)3un+1

Donc soit m=E(36k)

alors nous avons :   um2(m1)3<6km3um

Nous avons deux cas :

-cas 1 :  um1<6k alors on reçoit son k-ième cadeau lors de son m-ième anniversaire.

-cas 2 :  6kum1 alors on reçoit sont k-ième cadeau lors de son (m-1)-ième anniversaire.

Donc soit :
i)  m(k)=E(36k)

ii) g(k) = \left\{{{ m(k)-1  \hbox{ si } 6k \le u_{m(k)-1}}\atop{m(k) \hbox{ sinon }\hfill}}

alors g(k) correspond à l'anniversaire pendant lequel on reçoit sont k-ième cadeau.

Soit maintenant j(k)=kug(k)1/6

Alors j représente ce qui reste à compter pour arriver à k une fois que l'on a enlevé les cadeaux des anniversaires précédant le (g(k))-ième.

On sait que le  nombre de cadeaux reçu lors du (g(k))-ième anniversaire est :
g(k)(g(k)+1)2
On compte d'abord les cadeaux de type g(k), ensuite les cadeaux de type (g(k)-1), ... et on s'arrête quand on a atteint j(k). On cherche donc le plus petit i tel que g(k)(g(k)+1)2i(i+1)2<j(k)

Si on pose C(k)=g(k)(g(k)+1)2j(k), on veut donc :
i(i+1)C(k)>0
Cela donne  i>1+1+4C(k)2

Donc si on pose i(k)=E(1+1+4C(k)2)+1
alors le k-ième cadeau est de type i(k) !!!

Oufff.  smile

Bon aller un petit effort pour l'application numérique :

Pour k=109 :
m(k)=E(36109)=E(361000)=1817[/latex].[latex]u1816=181618171818=5.998.803.696[/latex].[latex]5.998.803.696<6k[/latex]donc[latex]g(k)=m(k)=1817j(k)=ku1816/6=199.384C(k)=181718182199.384=2.904.5381+1+4C(k)21703,77i(k)=1703+1=1704


Il y a sûrement plus simple.

 #32 - 10-11-2013 17:58:26

fix33
Elite de Prise2Tete
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anniversaire dans les galaxies lointaibes

Ca y est j'ai réussi à valider. big_smile
La question est de savoir si une formule permet un calcul immédiat...


Je ne vien sur se site que pour faire croir que je suis treise intélligens.

 #33 - 10-11-2013 18:36:25

eudoxie
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anniversaire dans les galaxies loinraines

bonjour

question 1 : facile n(n+1) /2
question 2  : somme de i = 1 à n des i( i+1) /2 soit n(n+1)(n+2)/6
question 3 : on cherche d'abord l'année en résolvant par tâtonnements n(n+1)(n+2)/6 < 10^9 , à l'aide la racine cubique de 6 x 10 ^9
on trouve l'année 1817 .
après 1816 il aura reçu en tout 999800616 kdos, donc en 1817 on veut 199384 > 1817 + 1816 + .... + x
suite arithmétique de raison -1 , on tombe sur l'inéquation - x^2 + x + 2904538 <0   
la solution est finalement 1704 !!

 #34 - 10-11-2013 18:55:33

shadock
Elite de Prise2Tete
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Annniversaire dans les galaxies lointaines

Juste pour être sûr, recevra t-il son milliardième cadeau l'année 1817 ?


"L'expérience est une lanterne qui n'éclaire que celui qui la porte." L-F. Céline

 #35 - 11-11-2013 23:20:59

shadock
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 39
Messages : 3334

Anniversaire danss les galaxies lointaines

titoufred a écrit:

Tiens, il m'est venu une façon rigolote de calculer la somme pour la question 2 :

Choisir 3 nombres parmi les entiers compris entre 1 et n+2 revient à d'abord choisir le max entre 3 et n+2 puis les 2 autres entre 1 et le max-1 donc
{n+2 \choose 3} = \sum_{max=3}^{n+2}{max-1 \choose 2} = \sum_{k=1}^{n}{k+1 \choose 2}
Et donc  \frac{(n+2)(n+1)n}{6} = \sum_{k=1}^{n}\frac{k(k+1)}{2}

La classe!, moi qui pensais faire la différence avec mon intégrale lol
Et comment t'es venue cette idée?


"L'expérience est une lanterne qui n'éclaire que celui qui la porte." L-F. Céline

 #36 - 12-11-2013 11:54:47

titoufred
Elite de Prise2Tete
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Anniversaire adns les galaxies lointaines

L'idée m'est venue en voyant la tête du résultat :
\frac{n(n+1)(n+2)}{6}[/latex] qui m'a fait penser à [latex]{n+2 \choose 3}
Alors, Kossi_tg, tu peux donner la réponse pour la formule de la question 3 stp ?

 #37 - 12-11-2013 16:14:25

kossi_tg
Professionnel de Prise2Tete
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Lieu: Montargis

anniversaire dans les galaxoes lointaines

Merci à tous pour votre participation cool
La long week-end du 11-11 oblige, je m'étais éclipsé un peu smile

Toutes les réponses sont justes pour les questions 1 et 2.
C'est la question 3 qui pose un peu problème et là aussi je vois que de différents contours sont explorés, ma démarche est identique; la seule astuce étant l'utilisation du racine cubique que j'avais filé en indice.

Si n est l'anniv durant lequel le k-ième cadeau est reçu alors:
n(n^2-1)<6k\leq n(n+1)(n+2)
A partir de là, j'ai trouvé l'astuce du racine cubique car quelque soit n, on a:
n(n^2-1)<n^3<n(n+1)(n+2)
Cela permet de définir  2 valeurs possibles de n que nous allons noter n_1 et n_2 tels que:
n_ 1=PE[(6k)^{1/3}][/latex]  et  [latex]n_2=n_1+1n=n_1[/latex] si [latex]n_1(n_1+1)(n_1+2)\geq6k[/latex] sinon [latex]n=n_2[/latex]. Par le jeu des sommes avant ou après le k-ième cadeau durant le n-ième anniv, on arrive à: [latex]Type(k)=1+PE[\frac{-1+\sqrt{Delta}}{2}]

Delta=1+\frac{4n(n+1)(n+2)}{3}-8kPE[/latex] = fonction partie entière. Ah!!! j'avais oublié mon AN: [latex]k=10^9
n=n_1=1817
Type(10^9)=1704 (tout le monde l'a trouvé)

Merci à vous!

 #38 - 12-11-2013 17:24:29

kossi_tg
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Anniversaire dans les galaxies lointainnes

Mention spéciale à cogito comme toujours smile

 

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